Man sieht die abgeschlossenen Schalen von den Edelgaskonfigurationen $^{4}$He und $^{10}$Ne. Das Entfernen von Elektronen aus abgeschlossenen Orbitalen (s-Orbital für $^{4}$He und den p-Orbitalen bei $^{10}$Ne) erfordert sehr viel Energie, während die einfach gefüllten Orbitale von $^{3}$Li und $^{11}$Na das Elektron leicht abgeben. Im PSE ist dies als Elektronegativität verzeichnet.

Nun besitzen die Elemente $^{3}$Li und $^{11}$Na abgeschlossenen s-, bzw. p-Orbitale und deswegen bilden sich dort die Maxima, wobei aufgrund der bereits einfach geladenen Ionen deutlich mehr Energie für das zweite Elektron benötigt wird.

mehr Informationen unter http://de.wikipedia.org/wiki/Alexander_Walterowitsch_Litwinenko

Gehört zur Uran-Radium Reihe, da $210=4\cdot52+2$, da die Massenzahlen bei den vorkommenden $\alpha$- und $\beta^{-}$-Zerfällen immer um 4, bzw 0 sich ändert.

Es ist ja bereits angegeben, dass es sich um einen $\alpha-$Strahler handelt: $^{210}_{84}Po\rightarrow^{4}_2\alpha+^{206}_{82}Pb$ \begin{eqnarray*} Q & = & \Delta m\cdot c^{2}=\left(m_{^{210}\text{Po}}-m_{^{206}\text{Pb}}-m_{^{4}\text{He}}\right)\cdot\frac{c^{2}}{e}\quad\text{in eV}\\
Q & = & \left(209,9828737-205,9744653-4,002603\right)\cdot1,660539\cdot10^{-27}\,\text{kg}\cdot\frac{\left(3,0\cdot10^{8}\,\frac{\text{m}}{\text{s}}\right)}{1,6022\cdot10^{-19}\,\text{C}}^{2}\\
Q & = & 5,42\,\text{MeV} \end{eqnarray*}

Beim $\alpha-$Zerfall verteilt sich die Energie auf die $\alpha-$Strahlung und dem Tochterkern Blei. Der Unterschied stellt also die kinetische Energie des Bleiatoms an.

Gesucht werden die Anzahl der Atome und damit der Aktivität über die Halbwertszeit $T_{½}$ \[ A=\lambda N\xrightarrow{T_{½}=\frac{\ln2}{\lambda}}A=\frac{\ln2}{138\cdot24\cdot3600\,\text{s}}\frac{1,0\,\text{g}}{210\cdot1,660539\cdot10^{-27}\,\text{kg}}=1,7\cdot10^{14}\,\text{Bq} \]

am besten mit den Zehnerpotenzen arbeiten \[ 0,1\text{Millionstel}=0,1\cdot10^{-6}\Rightarrow1,7\cdot10^{14}\,\text{Bq}\cdot0,1\cdot10^{-6}=1,7\cdot10^{7}\,\text{Bq}>1,5\cdot10^{7}\,\text{Bq} \]

$\alpha-$Strahlung lässt sich leicht abschirmen (Blatt Papier genügt), gefährlich ist erst die Einnahme, bzw. das Einatmen des Radionuklids.

Die freigesetzte Energie entspricht dem $Q$-Faktor aus Aufgabe b). Dieser muss nur in die Einheit $1\,$J umgerechnet werden und anhand der Aktivität erhält man die Leistung $P=\frac{\Delta E}{\Delta t}$ \[ \underbrace{5,41\,\cdot10^{6}}_{Q-\text{Faktor}}\cdot\underbrace{1,6002\cdot10^{-19}}_{\text{Umrechnung von eV}\rightarrow\text{J}}\,\text{J}\cdot\underbrace{1,7\cdot10^{14}\,\text{Bq}}_{E\text{ pro Zeit}}=147\,\text{W} \]